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bzoj 4942: [Noi2017]整数

程序员玉楠技术 2022年11月15日

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Description

Solution

加法减法可以分开考虑,如果只有加法的话,直接暴力进位复杂度是对的

询问的时候就是把两个二进制数做差,判断第 $k$ 位的取值

实际上我们只需要判断 $1$ 到 $k-1$ 位是否需要借位就知道了做差后的值

那么就需要判断两个二进制数的某个后缀的大小,我们二分出第一个不相同的位置,然后判断一下这一位的大小关系即可

可以用 $zkw$ 线段树维护一下第一个不同的位置,类似于线段树上二分

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
template<class T>void gi(T &x){
int f;char c;
for(f=1,c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar())if(c=='-')f=-1;
for(x=0;c<='9'&&c>='0';c=getchar())x=x*10+(c&15);x*=f;
}
const int N=35000050,inf=1e9,M=1<<25;
int n,op,x,y,T;char s1[N],s2[N],d[N*2];
inline void add(){
gi(x);gi(y);
int l=inf,r=0;
char *a=(x>0?s1:s2);x=abs(x);
for(int i=0;i<=30;i++){
if(x>>i&1){
int t=y+i;
while(++a[t]>=2)a[t++]=0;
l=min(l,y+i);r=max(r,t);
}
}
for(int i=l;i<=r;i++)d[i+M]=s1[i]^s2[i];
for(l=(l+M)>>1,r=(r+M)>>1;l;l>>=1,r>>=1)
for(int i=l;i<=r;i++)d[i]=d[i<<1]|d[i<<1|1];
}
inline int query(int x){
for(int i=x+M;i;i>>=1){
if(i&1&d[i^1]){
for(i^=1;i<M;(i<<=1)|=d[i|1]);
return i-M;
}
}
return -1;
}
int main(){
  freopen("pp.in","r",stdin);
  freopen("pp.out","w",stdout);
  gi(n);gi(T);gi(T);gi(T);
  while(n--){
  gi(op);
  if(op==1)add();
  else{
  gi(x);y=query(x);
  if(y==-1 || s1[y]>=s2[y])printf("%d\n",s1[x]^s2[x]);
  else printf("%d\n",s1[x]==s2[x]);
  }
  }
  return 0;
}